2024届云南三校高考备考实用性联考卷（一）物理答案和解析

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物理参考答案·第 1页（共 7页）

2024 届云南三校高考备考实用性联考卷（一）

物理参考答案

一、选择题：本大题共 12 小题，每小题 4分，共 48 分。在每小题给出的四个选项中，第 1~8

题只有一项符合题目要求；第 9~12 题有多项符合题目要求，全部选对的得 4分，选对但不全

的得 2分，有选错的得 0分。

题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12

答案 D B C C A B D C AD BD BD AD

【解析】

1．卢瑟福



粒子散射实验证明了原子核式结构，玻尔理论解释了氢原子光谱不连续性，故 A

错误。半衰期具有统计规律，对大量的原子核适用，对少数的原子核不适用，故 B错误。

根据质量数和电荷数守恒知 238 206 4 8



，发生 8次α衰变； 92 82 2 8 6



，发生 6

次β衰变， β衰变的实质即为中子转化为质子同时释放电子，故 C错误。质子和中子结合

成一个 α粒子的方程为 11 4

10 2

2H+2n He，根据爱因斯坦质能方程，可得该核反应中释放的

能量为 22

123

(2 2 )

mc m m m c    ，故 D正确。

2．根据乙图和丙图可知条纹间距变大，根据条纹间距公式 L



 可知，条纹间距变大，可

能是改用了波长较长的光，也有可能是增大了双缝到光屏的距离 L，也有可能减小了双缝

间的距离 d；条纹间距与光源到双缝的距离无关，绿光的波长大于紫光，故选 B。

3．小球 A做平抛运动： 1

tv，若与 B相遇时下落的高度为 h，则 2

hgt，小球 B做竖直

上抛运动： 2

Hh t gt v，联立以上式子可得 1



，故 C正确。A、B两个小球在

B上升、下降过程中或 B到达最高点均有可能相遇，故 A错误。若只改变小球 A的水平速

度1

v，不再满足 1



，A、B两个小球不可能在 Q点正上方相遇，故 B错误。A、B两

个小球从抛出到相遇过程中，加速度均为重力加速度 g，运动时间 t相等，故速度的变化量

tv也相同，故 D错误。

4．若保持绳子的长度、绳子与 B杆的结点不变，将 B杆缓慢向右移动，绳子与竖直方向之间

的夹角增大，绳子上的拉力逐渐增大，故 A错误。若保持绳子的长度、B杆的位置不变，

只移动绳子与 B杆的结点过程中，绳子与竖直方向之间的夹角保持不变，绳子上的拉力保

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物理参考答案·第 2页（共 7页）

持不变，故 B错误，C正确。若只改变绳子的长度，则绳子与竖直方向之间的夹角一定随

之改变，绳子上的拉力一定改变，故 D错误。

5．7.9km/s 即第一宇宙速度，是在近地圆轨道上卫星的环绕速度，要能变轨到轨道 2，则必须

在P点加速，而卫星始终无法脱离地球引力而绕着地球转，所以只要围着地球转的卫星速

度必定小于第二宇宙速度 11.2km/s，故 A正确。由圆周运动的条件可知，该卫星在轨道 2

的Q点的加速度大于

v，故 B错误。在轨道 2上运动过程，只有引力做功，机械能守恒，

故经过 P点的机械能等于经过 Q点的机械能，故 C错误。由开普勒第三定律可知，

233

T

，故 D错误。

6．A、B放置在光滑的水平桌面上时，有 1

()

Fmma 、11A

Fma；A、B放置在粗糙的水

平桌面上时， 2

()()

AB AB

Fmmgmma



 、22AA

Fmgma



；可得 12

aa、12

FF，

即12

LL，故 B正确。A、B放置在光滑的水平桌面上时，若突然撤去拉力 F，弹簧还处

于拉伸状态，弹力不为 0，A、B受力均不为 0，均不会做匀速直线运动，故 C错误。A、B

放置在粗糙的水平桌面上时，突然撤去拉力 F的瞬间，物块 B受力情况发生突变，B加速

度发生突变，但弹簧弹力不变，物块 A受力情况不变加速度不变，故 D错误。

7．等势面越密集，电场强度越大，a点电场强度小于 b点电场强度，故 A错误。由等势面可

知，P、Q为等量异种电荷，故 c、d两点电场强度均垂直 cd 等势面向右，故 B错误。由 P

为正电荷、Q为负电荷可知，a点电势高于 b点电势，故负电荷在 a点电势能小于在 b点

电势能，故 C错误。电场力为保守力，做功与路径无关，故 D正确。

8．传送带以某一速度逆时针转动时，与传送带静止时相比较，滑块的受力情况不变，滑块的

加速度不变，滑块还是能从传送带的右端滑离传送带，且滑块在传送带上运动的时间不变，

但滑块相对于传送带发生的位移增大，因此摩擦产生的热量增多，故 C正确。

9．D→A为等温线，则 300K

TT ，C到D过程由盖·吕萨克定律得 C

=，得

375K

 ，故 A正确。A到B过程压强不变，则气体对外做功

2 10 3 10 J 600JWpV 

       ，B到C过程体积不变，则气体不做功，则 A到C

过程，气体对外做功 600J，故 B错误。气体从状态 D变化到状态 A，气体体积减小，单位

体积内气体分子数增大，温度不变，气体分子的平均动能不变，故 C错误。气体从 A到B

过程体积增大，对外做功 53

2 10 3 10 J 600J

WpV 

       ，气体从 B到C过程体

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物理参考答案·第 3页（共 7页）

积不变，气体不做功，即 0

W，气体从 C到D过程体积减小，外界对气体做功，即

110 (5 4)10J 100J

W

     ，一次循环内能不变，由热力学第一定律可得

UWQ ，即 ( 600 0 100 250)J 250J

AB BC CD DA

WW W W W ，则气体吸收

的热量为 250J，故 D正确。

10．对 1mx处的质点利用“同侧法”得波源的振动方向沿 y轴负方向，故 A错误。由题中

图像可知，

点与最近波谷的水平距离 4mx



，波速 8m/s

v，故 B正确。 N点与

最近波峰的水平距离 111mx，经过的时间 1

11375s

t.

v，故 C错误。

、N两点间距

离25mx，波从

点到 N点的传播时间 2

t

v，N点从起振至到达波谷的时间

14 1

48 8

t  ，23

ttt

总，40.3m

 

总，故 D正确。

11．由题意可得，当关闭电源后只有阻力对小车做功，有 K

Efx，结合动能与位移的关

系图像可得车受到的阻力为 2Nf，故 A错误。由题意与图像可得小车的最大动能为

Kmax m

18J

Em

v，则最大速度为 m4m/sv，小车的额定功率为 m8WPf

额v，故 B

正确。加速过程中，对小车列动能定理： 1kmax

Pt fx E

额，可得加速时间 1

t，故 C

错误。当关闭电源后，由牛顿运动定律可得 2

2m/s

 ，小车减速时间为 m

32sta



v，

故D正确。

12．P、Q金属框刚好匀速经过虚线边界，两金属框受到的安培力均等于重力，所以受到的安

培力之比为 1∶1，故 C错误。由能量守恒可得，减小的重力势能均全部转化为金属框上

产生的热量，而 P、Q金属框经过虚线边界过程中减小的重力势能相等，故金属框上产生

的热量之比为 1∶1 ，故 A正确。P、Q金属框经过虚线边界过程中，P金属框受力情况

为

mg R

v，Q金属框受力情况为

4BL

mg R

v，而金属框到达虚线边界前均只受重

力，机械能守恒 2

mgh mv，2

mgh mv，可得 12

41∶∶vv ，12

16 1hh∶∶，故B错

误。流过金属框横截面的电量为 E

qIt t t

RtR R





   

，可得

12 1 2

12qq



  ∶∶∶，故D正确。

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