高中物理人教版选修3-5综合测试答案解析

3.0 envi 2025-02-14 20 4 288.01KB 2 页 3知币

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β射线是高速电子流，带负电荷．根据左手定则，β射线受到的洛伦兹力向右，故⑥是 β射线．

γ射线是 γ光子，是中性的，故在磁场中不受磁场的作用力，轨迹不会发生偏转．故⑤是 γ射线．故 B正确，

ACD 错误．

故选：B

根据 α、β、γ三种射线的带电性质和本质以及带电粒子在电场中受力特点可正确判断．

本题应抓住：①三种射线的成分主要是指所带电性：α射线是高速 He 流带正电，β射线是高速电子流，带

负电，γ射线是 γ光子，是中性的．

②洛伦兹力方向的判定，左手定则：张开左手，拇指与四指垂直，让磁感线穿入手心，四指的方向是正电

荷运动的方向，拇指的指向就是洛伦兹力的方向．

熟练掌握 α、β两种衰变实质以及衰变方程的书写，同时明确 α、β、γ三种射线性质及应用，本题综合性较

强，主要考查两个方面的问题：①三种射线的成分主要是所带电性．②洛伦兹力的方向的判定．只有基础

扎实，此类题目才能顺利解决，故要重视基础知识的学习．

5. 解：A、卢瑟福用 α粒子散射实验证明了原子的核式结构，故 A错误；

B、查德威克发现原子核内存在中子，故 B正确；

C、放射性元素放出的 β粒子是由中子转变成质子而放出的，故 C错误；

D、比结合能越大表示原子核中核子结合得越牢靠，原子核越稳定，故 D错误；

故选：B．

α粒子散射实验提出原子的核式结构；β粒子是由中子转变成质子而放出的；据玻尔理论，放出一个光子，

半径减小；查德威克发现中子，比结合能越大表示原子核中核子结合得越牢靠．

该题中考查 α粒子散射实验的作用，理解 β粒子的电子从何而来，掌握比结合能与结合能的区别与联系，

注意中子的发现者．这一类的题目要注意对基础知识点的积累．

6. 解：A、根据



知，a光对应的遏止电压较小，则 a光使其逸出的光电子最大初动能较小，故

A错误．

B、根据光电效应方程得，Ekm=hv-W0，a光产生的光电子最大初动能较小，则 a光的光子能量较小，频率较

小，故 B错误，C正确．

D、由图可知，

a光产生的饱和电流较大，但是用 a光照射产生的光电流不一定大，还与入射光的强度有关，

故D错误．

故选：C．

根据遏止电压的大小，结合动能定理比较光电子的最大初动能，根据光电效应方程比较光子能量的大小，

从而比较出光的频率大小．

解决本题的关键掌握光电效应方程，知道同一种金属，逸出功相同，知道最大初动能与遏止电压的关系，

并能灵活运用．

7. 解：AB、物体所受重力的冲量大小为：IG=mg•t，故 A错误，B正确；

C、物体下滑过程所受支持力的冲量大小：I=Nt=mgcosθ•t，故 C正确；

D、根据动量定理可知，合外力的冲量等于物体动量的变化量，则合力的冲量为 I合=mv，故 D正确；

故选：BCD.

由冲量的计算公式 I=Ft 求出各力的冲量大小，由动量定理求出动量的变化量即合力的冲量．

此题考查了冲量的概念和动量定理的应用，要记住动量的变化等于合力的冲量；同时明确动量的矢量性．

8. 解：A、运动员做自由落体运动的时间：



   ，所以重力的总冲量：IG=mg（t1+t）=40×10×

（1+2）N•s=1200N•s．故 A错误，B正确；

C、在安全绳产生拉力的过程中，人受重力、安全绳的拉力作用做减速运动，此过程的初速度就是自由落体

运动的末速度，所以有：

v0==m/s=10 m/s，

根据动量定理，取竖直向下为正，有：mg•t-•t=0-mv0，

解得：=mg+

=400N+

N=600 N．故 C正确，D错误；

故选：BC．

运动员先做自由落体运动，由运动学的公式求出末速度；在缓冲阶段，可以看成匀减速直线运动，根据动

量定理即可求出平均冲力的大小．

本题除了用动力学解决，也可以对缓冲的过程采取动量定理进行求解．注意在解题时明确动量定理的矢量

性，先设定正方向．

9. 【分析】

两球碰撞过程，系统不受外力，故碰撞过程系统总动量守恒；碰撞过程中系统机械能可能有一部分转化为

内能，根据能量守恒定律，碰撞后的系统总动能应该小于或等于碰撞前的系统总动能；同时考虑实际情况，

碰撞后 A球速度不大于 B球的速度。

本题碰撞过程中动量守恒，同时要遵循能量守恒定律，不忘联系实际情况，即后面的球不会比前面的球运

动的快！

【解答】

两球碰撞过程，系统不受外力，故碰撞过程系统总动量守恒，ABCD 均满足；考虑实际情况，碰撞后 A球

速度不大于 B球的速度，因而 D不满足，ABC 满足；根据能量守恒定律，碰撞后的系统总动能应该小于或

等于碰撞前的系统总动能，

B选项碰撞前总动能为



，

B选项碰撞后总动能为 



，

B不满足，故 AC

正确，BD 错误。

故选 AC。

10. 解：人和船组成的系统动量守恒．设人的质量为 m，瞬时速度为 v，船的质量为 M，瞬时速度为 v'．以

人方向为正方向，由动量守恒定律得：mv-Mv'=0，解得：

=

；A、人匀速行走，船匀速后退，两者速度大

小与它们的质量成反比，故 A正确；

B、人和船相互作用力大小相等，方向相反，故船与人的加速度分别为

和

，加速度与它们质量成反比，

人加速行走时，船加速后退，两者加速度的大小与它们的质量成反比，故 B正确；

C、人和船组成的系统动量守恒，人与船的动量大小相等，两者的动能之比：人

船=





=

人





船





=

，人在船上

行走时，两者的动能与它们的质量成反比，故 C正确；D、人与船组成的系统动量守恒，由于系统的初动

量为零，当人从船头走到船尾停止运动后，人的动量位移，系统总动量为零，由动量守恒定律可知，船的

动量为零，船停止运动，故 D错误；

故选：ABC．

人为系统，系统受到的合外力为 0，故系统的动量守恒，系统初始动量为 0，根据动量守恒定律即可求解．

船组成的系统动量守恒，总动量为 0，所以不管人如何走动，在任意时刻两者的动量大小相等、方向相反．若

人停止运动而船也停止运动，难度不大，属于基础题．

11. 解：①为防止两球碰撞后入射球反弹，入射球的质量应大于被碰球的质量，即：mA＞mB；

②碰撞后两球做减速运动，设碰撞后的速度为：vA、vB，由动能定理得：

-μmAgx0=0-

mAv02，v0=，

-μmAgxA=0-

mAvA2，vA=，

-μmBgxB=0-

mBvB2，vB=，

如果碰撞过程动量守恒，则：mAv0=mAvA+mBvB，

即：mA=mA+mB，

整理得：mA=mA+mB，

实验需要测量碰撞后 A、B球在水平面滑行的距离：xA、xB．

③由②可知，若碰撞前后动量守恒，写出动量守恒的表达式为：mA=mA+mB；

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