《备战高考物理大题精做》精做01 牛顿运动定律(解析版)
精做 01 牛顿运动定律
一、动力学中的连接体问题
例1 如图所示,斜面与水平面间的夹角
θ=30∘
,物体 A和B的质量分别为
mA=10 kg
、
mB=5kg
。两者之
间用质量可以不计的细绳相连。求:
(1)如 A和B对斜面的动摩擦因数分别为
μA=0.6
,
μB=0.2
时,两物体的加速度各为
多大?绳的张力为多少?
(2)如果把 A和B位置互换,两个物体的加速度及绳的张力各是多少?
(3)如果斜面为光滑时,则两个物体的加速度及绳的张力又各是多少?
【解析】(1)设绳子的张力为
FT
,物体 A和B沿斜面下滑的加速度分别为
aA
和
aB
,根据牛顿第二定律:
对
A
有:mA
gsinθ− μ
AmA
gcosθ − FT=m
AaA
对
B
有:
mBgsinθ− μBmBgcosθ+FT=mBaB
设
FT=0
,即假设绳子没有张力,联立求解得:
gcosθ
(
μA− μB
)
=aB− aA
,因
μA>μB
,
故
aB>aA
说明物体 B运动比物体 A的运动快,绳松弛,所以
FT=0
的假设成立;故有
aA=g
(
sinθ− μ Acosθ
)
=−0.196 m/s2
,因而实际不符,则 A静止,
aB=g
(
sinθ− μBcosθ
)
=3.27 m/s2
;
(2)如 B与A互换则
gcosθ
(
μA− μB
)
=aB− aA>0
,即 B物运动得比 A物快,所以 A、B之间有拉力且共
速,用整体法
mAgsinθ+mBgsinθ − μAmAgcosθ− μBmBgcosθ=(mA+mB)a
代入数据求出
a=0.96 m/s2
,
用隔离法对 B:
mBgsinθ− μBmBgcosθ+FT=mBa
代入数据求出:
FT=11.5 N
;
(3)如斜面光滑摩擦不计,则 A和B沿斜面的加速度均为
a=gsinθ=5m/s2
,两物间无作用力。
处理连接体问题的方法
1.整体法的选取原则:若连接体内各物体具有相同的加速度,且不需要求物体之间的作用力
1
2.隔离法的选取原则:若连接体内各物体的加速度不相同,或者要求出系统内两物体之间的作用力
3.整体法、隔离法的交替运用:若连接体内各物体具有相同的加速度,且要求出物体之间的作用力,可以
“先整体求加速度,后隔离求内力”
二、应用牛顿运动定律分析传送带问题
例2 (2021 届福建省厦门外国语高三质检)半径 R=0.8m 的 光滑圆弧轨道与水平放置的传送带左边缘相
切,传送带长为 L=4.5m,它顺时针转动的速度 v=3m/s,质量为 m2=3kg 的小球被长为 l=lm 的轻质细线悬挂
在O点,球的左边缘恰与传送带右端 B对齐;细线所能承受的最大拉力为 F=42N,质量为 m1=lkg 的物块
自光滑圆弧的顶端以初速度 v0=3m/s 的速度开始下滑,运动至 B点与质量为 m2的球发生正碰,在极短的时
间内反弹,细绳恰好被拉断。已知物块与传送带间的滑动摩擦因数为 μ=0.1,取重力加速度 g=10m/s2。求
∶
(1)碰撞前瞬间,物块的速度是多大?
(2)碰撞后瞬间,物块的速度是多大?
(3)物块在传送带上运动的整个过程中,与传送带间摩擦而产生的内能是多少?
【解析】(1)设滑块 m1滑至传送带后,与小球碰撞前一直做匀减速运动,设与小球碰前滑块的速率为 v1,则
从开始下滑至与小球碰前,根据动能定理
(2)设球碰后小球的速率为 v2,对小球
得
2
滑块与小球碰撞,设碰后物块速度大小为 ,由动量守恒定律
解得
(3)滑块由释放到 A点,根据动能定理
可得
设滑块与小球碰撞前的运动时间为 t1,则
则
在这过程中,传送带运行距离为
滑块与传送带的相对位移为
解得
假设滑块与小球碰撞后不能回到传送带左端,向左运动最长时间为 t2,则根据动量定理
解得
滑块向左运动最大位移
xm<L,所以滑块最终从传送带的右端离开传送带,再考虑到滑块与小球碰后的速度 ,说明滑块与小
球碰后在传送带上先向左减速到速度为零,再向右作加速直线运动,这两个过程位移等大,加速度等大,
所以运动时间相同,则碰后滑块在传送带上的总时间为 2t2,传送带与滑块间的相对路程等于传送带的对地
位移
因此,整个过程中,因摩擦而产生的内能是
3
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