广西南宁市第三十六中学2022-2023学年高二下学期周测物理答案

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2023 年4月12 日物理（选择性考试）晚测参考答案

1．【答案】　A【解析】　根据左手定则，A中电荷所受洛伦兹力方向向下，A正确；B中电荷所受洛伦

兹力方向向下，B错误；C中电荷运动方向与磁场方向平行，不受洛伦兹力，C错；D中电荷所受洛伦兹力方向

垂直纸面向外，D错误．

2．【答案】　D【解析】　由图甲可知，t＝0时，a在正向最大位移处，v＝0，加速度最大；b在平衡位

置，速度最大，a＝0，且振动方向沿 y轴负方向，图乙可以表示质点 b的振动，选项 A、B、C都错误，选项 D

正确．

3．【答案】C

4．【答案】C　卫星绕地球做圆周运动，满足 G＝.若加速，则会造成 G<，卫星将做离心运动，向外跃

迁．因此要想使两卫星对接绝不能同轨道加速或减速，只能从低轨道加速或从高轨道减速， C正确，A、B、D

错误．

5．【答案】A　对同一个介质来说，红光折射率最小，偏折程度最小，由图可知，N、P为红色，M、Q为

紫色，A正确．

6．【答案】B 解析：　设三角形边长为 l，通过导体棒 MN 的电流大小为 I，则根据并联

电路的规律可知通过导体棒 ML 和LN 的电流大小为，如图所示，依题意有 F＝BlI，则导体棒

ML 和LN 所受安培力的合力为 F1＝BlI＝F，方向与 F的方向相同，所以线框 LMN 受到的安培

力大小为 1.5F，选项 B正确．

7．【答案】　AD 解析　天平是等臂杠杆，当线圈中通有电流 I时，根据左手定则，右端线圈受到的安培

力竖直向下，天平的右端低左端高，说明安培力偏大，要使天平水平平衡，可以增加左端的砝码，也可以减小

安培力，即减小匝数、电流、线框短边的长度，A、D项正确，选项 B、C错误．

8．【答案】ACD　解析：由左手定则，带正电的离子向下偏转打到 B板，使 B板带正电，带负电的离子

向上偏转打到 A板，使 A板带负电，A正确，B错误；设 A、B两板之间的距离为 d，当达到稳定时，飞入的带

电离子受力平衡，即 qvB＝q，所以 UAB＝vdB，当只增加射入速度 v时，UAB 增大，C正确；当只增大磁感应强

度B时，UAB 增大，故 D正确。

9．【答案】BC 解析：.如图甲所示，导体棒处的磁场方向指向右上方，根据左手定则可知，导体棒受到的

安培力方向垂直于磁场方向指向右下方，根据牛顿第三定律，条

形磁铁受到导体棒斜向左上方的反作用力；对条形磁铁受力分

析，如图乙所示，根据平衡条件可知，mg>FN2，又 FN1＝mg，所

以FN1>FN2 ，在水平方向上，弹簧对磁铁施加了水平向右的弹

力，磁铁肯定压缩弹簧，所以弹簧长度将变短．

10．【答案】BC　解析：由平衡条件可知，导线所受安培力方向在＋z方向和沿细线

之间，由左手定则可判断出磁感应强度方向为沿 y正向和沿 z负向偏 y负向 θ角之间，选

项A、D错误；若磁感应强度方向为沿 y正向，所受安培力沿 z正向，大小等于 mg，即

BIL＝mg，解得磁感应强度大小为，选项 B正确；若磁感应强度方向为沿 z负向，所受安

培力沿 y正向，大小 BIL＝mgtan θ，解得磁感应强度大小为 tan θ，选项 C正确。

11．[解析]　(1)要测量钢球下落的高度，应测量开始释放时钢球的球心到钢球在 A点时球心的竖直距离，

选B.

(2)根据题图可知，遮光条的宽度为 d＝1.50 cm，若计时器的示数为 0.010 0 s，则钢球的速度 v＝＝ m/s＝

1.50 m/s.

(3)由于空气阻力的存在，钢球下落过程中克服空气阻力做功，因此动能的增加量会小于重力势能的减少

量，而题中表格数值表明动能的增加量大于重力势能的减少量，显然误差不是由于空气阻力造成的，而是由遮

光条在钢球的下面，测得的速度比钢球的实际速度大造成的．

[答案]　(1)B　(2)1.50(1.49～1.51 都算对)　1.50(1.49～1.51 都算对)

(3)不同意，因为空气阻力会造成 ΔEk小于 ΔEp，但表中 ΔEk大于 ΔEp.

12．解析：(1)连接实物电路如图所示．

由题知当两表笔间接入 15 kΩ 的电阻时，电流表示数为 50 μA，由闭合电

路欧姆定律有＝，代入数据解得 R＝900 Ω，所以滑动变阻器选择 R1.

(2)欧姆表的内阻 R′＝Rg＋r＋R0＋R＝15 kΩ，当电流为 25 μA 时有＝

⇒Rx′＝3Rx＝45 kΩ；当电流为 75 μA 时有＝⇒Rx″＝Rx＝5 kΩ.

(3)红、黑表笔短接，调节滑动变阻器，使欧姆表指针指向 0 kΩ 处．题图

(c)中电阻箱读数为 35 000.0 Ω.

答案：(1)见解析图　900　R1　(2)45　5　(3)0　35 000.0

13．解析：(1)对带电粒子的加速过程，由

动能定理qU＝mv2

代入数据得：v＝20 m/s

(2)带电粒子仅在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，有：

qvB＝得 R＝

代入数据得：R＝0.50 m

而＝0.50 m

故圆心一定在 x轴上，轨迹如图甲所示．

由几何关系可知 OQ＝R＋Rsin 53°

故OQ＝0.90 m

答案：(1)20 m/s　(2)0.90 m　

14．解析：(1)设电场强度的大小为 E，小球 B运动的加速度为 a.根据牛顿第二定律、运动学公式和题给条

件，有

mg＋qE＝ma　①

a2＝gt2　②

解得 E＝.　③

(2)设B从O点发射时的速度为 v1，到达 P点时的动能为 Ek，O、P两点的高度差为 h，根据动能定理有

Ek－mv＝mgh＋qEh　④

且有 v1＝v0t　⑤

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