湖北省沙市中学2022-2023学年高三下学期2月月考高三物理答案

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高三二月月考物理参考答案
1. A
2. A
【解析】A.按下按钮过程，穿过螺线管的磁通量向左增加，根据楞次定律可知，螺线管上产生的
感应电流从 P流向 Q，则螺线管上的导线 Q端电势较高，选项 A正确；
B.松开按钮过程，穿过螺线管的磁通量向左减小，根据楞次定律可知，螺线管上产生的感应电流
从Q流向 P，螺线管上的导线 P端电势较高，选项 B错误；
C.按住按钮不动，穿过螺线管的磁通量不变，则螺线管无感应电动势产生，则上导线两端 PQ 间
没有电势差，选项 C错误；
D.按下和松开按钮过程，时间不一定相等，则磁通量的变化率不一定相等，则螺线管产生的感应
电动势大小不一定相等，选项 D错误。
故选 A。
3.D
【解析】A.简谐横波沿 x轴正方向传播，根据波形平移法可知，在 t
¿0
时刻质点 a和质点 b均向上
运动，可知，质点 b比质点 a先回到平衡位置，故 A错误；
B.因t
¿0.4 s=1
T，所以在 t
¿0.4 s
时与 t
¿0
时质点 b的速度方向相同，均沿 y轴正方向，故 B错
误；
C.因t
¿0.6 s=3
2
T，所以在 t
¿0.6 s
时质点 c的运动状态与在 t
¿0
时的运动状态相反，即在 t
时，质点 c到达波峰，速度为零，故 C错误；
D.在t
¿0.8 s=2
T时，质点 c位于波谷，加速度达到 y轴正向最大值，故 D正确。
故选 D。
4.D
【解析】B.电子所受的电场力的方向与电场强度方向相反，指向圆心，所以电子向圆心运动，电
场强度逐渐增大，根据
F=eE
，电场力逐渐增大，图线向上，B错误；
A.电子的加速度
a=eE /m
，电子向圆心运动，电场强度增大，电子的加速度增大，速度图线的斜
率增大，图线向上弯曲，A错误；
C.根据
Ep=eEx
，电子向圆心运动，电场强度增大，电势能图线的斜率增大，图线向上弯曲，C
错误；
D.根据
φ=Ep
e
，
Ep=eEx
，解得
φ=Ex
，电子向圆心运动，逆电场线运动电势升高；电子向圆心
运动，电场强度增大，电势图线的斜率增大，图线向上弯曲，D正确。
故选 D。
5.C
【解析】
【分析】求交变电流有效值方法：是将交流电在一个周期内产生热量与将恒定电流在相同时间内
产生的热量相等，则恒定电流的值就是交流电的有效值。
理想变压器原副线圈电压比等于匝数比，电流比等于匝数的反比，原副线圈功率相等。
【解答】
A .
设将此电流加在阻值为 R的电阻上，电压的最大值为
Um
，电压的有效值为 U，则
(
Um
❑
√
2
)
2
R⋅T
2=U2
R⋅T
，解得
U=110❑
√
2V
，故 A错误；
B.理想变压器原、副线圈匝数比为
10 : 1
，由于
U1
U2
=n1
n2
，电压表示数为
U2=11 ❑
√
2V ≈ 15.55 V
，
故B错误；
CD. R
处温度升高时，电压表示数不变，阻值减小，副线圈电流
I2
增大，则输出功率增大，而输
出功率和输入功率相等，所以原线圈电流增大，即电流表示数变大，根据
P0=I2
2R0
，则电阻
R0
消耗的电功率增大，故 C正确，D错误。
故选 C。
6.D【解析】A.
v2
为椭圆轨道的远地点，加速做离心运动，才能达到以
v2
所在点与地心连线为半
径的圆周轨道，故
v2
速度小于对应圆轨道的环绕速度，
v1
表示做匀速圆周运动的速度，根据
GMm
r2=m v2
r
v=❑
√
GM
r
可知
v1>v2
故A错误；
B.两个轨道上的卫星运动到 A点时，所受的万有引力产生加速度
a=GM
r2
加速度大小相等，故 B错误；
CD .
椭圆的半长轴与圆轨道的半径相同，根据开普勒第三定律知，两颗卫星的运动周期相等，则
不会相遇，故 D正确，C错误。
故选 D。
7.D
【解析】解：A、开始 a受重力、斜面支持力、细绳拉力 T，摩擦力可能有也可能没有，有的情况
下大小方向也不确定，所以 c内加入沙子，细绳拉力
T变大，摩擦力变化情况不确定，故 A错误；
B、c受重力和细绳拉力，二力平衡，c内加入沙子，
重力增大，再次平衡时，细绳拉力增大，故 B错
误；
C、木块 b受力如图 1所示：
由平衡条件：
2Tcosθ=Gb
，c内加入沙子后再次平
衡时，
2T'cos θ'=Gb
，因为
T ' >T
，所以
cosθ ' <cosθ
，所以
θ '>θ
，
设木块 a和斜面体总重力为 G，受力如图 2所示：由平衡条件：
N=G+Tcosθ
，
c内加入沙子后再次平衡时：
N '=G+T ' cosθ '
因
Tcosθ=Gb/2
，
T ' cosθ '=Gb/2
，所以：
N '=N=G+Gb/2
，不变，故 C错误；
D、B点受力如图 3所示：
由几何关系：
θ=2α
，加入沙子后再次平衡时：
θ '=2α '
，又因为
θ '>θ
所以：
α ' >α
，即 AB 绳与竖直方向的夹角变大，故 D正确。
故选：D。
A、隔离 a分析受力解答；B、隔离 b分析受力，由二力平衡解答；C、隔离 b列平衡方程判断夹
角变化，再整体法列平衡方程解答；D、分析 B点受力结合数学知识解答。
本题考查了解决平衡问题的多种方法：整体法、隔离体法、正交分解法、合成法，解题时根据需
要转换研究对象，变化方法，做好受力分析。
8.AC
【解析】
AB.
根据安培定则以及对称性，
L1
和
L3
在O点处的磁感应强度为零，
L2
和
L4
在O点处
的磁感应强度为零，所以 O点处的磁感应强度为零，故 A正确，B错误；
C.越靠近通电直导线，磁感应强度越强，所以
L1
导线在
L2
处产生的磁感应强度大于在
L3
处的磁感
应强度，所以
L1
对
L2
的安培力大于
L1
对
L3
的安培力，故 C正确；
D.若通电导线均通垂直纸面向外的电流，根据安培定则可得
L2
、
L3
、
L4
在
L1
处的磁感应强度的方
向从
L4
指向
L2
，再根据左手定则可以确定，
L1
受到的安培力的方向应与磁感应强度方向垂直，即
从
L1
指向
L3
，故 D错误。
故选 AC。
9.AD
【解析】
AB.
设中子的质量为 m，氢核的质量为 m，氮核的质量为 14m，设中子和氢核碰撞后中
子速度为
v3
，由动量守恒定律和能量守恒定律可得
m v0=mv1+m v3
，
1
2m v0
2=1
2m v1
2+1
2m v3
2
，
联立解得
v1=v0
设中子和氮核碰撞后中子速度为
v4
，由动量守恒定律和能量守恒定律
可得
m v0=14 m v2+m v4
，
1
2m v0
2=1
2⋅14 m v2
2+1
2m v4
2
联立解得
v2=2
15 v0
可得
v1=v0>v2
，选项 A正确，B错误；
C.碰撞后氢核的动量为
pH=m v1=m v0
，氮核的动量为
pN=14 mv2=28 m v0
15
，可得
pN>pH
，选
项C错误；
D.碰撞后氢核的动能为
EkH=1
2m v1
2=1
2m v0
2
，氮核的动能为
EkN=1
2⋅14 mv2
2=28 m v0
2
225
，可得
EkH >EkN
，故 D正确。
故选 AD。
10.ABD【解析】略
11.BD
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