2024年高考特训卷物理【新教材】高考仿真练答案

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第二部分　高考仿真练

仿真练 1

1．答案：A

解析：根据电荷数守恒、质量数守恒，知钴 60 发生 β衰变的衰变方程为 Co―→Ni＋

e，故 A正确；放射性元素衰变的快慢由核自身的因素决定，与所处的外部环境无关，故 B

错误；钴 60 半衰期太长，且衰变放出的高能粒子对人体伤害太大，不能作为药品的示踪原

子，故 C错误；10.54 年为两个半衰期，则剩下的钴 60 为原来的，没有全部衰变，故 D错

误．故选 A.

2．答案：A

解析：垒球被击打后，可能以与被击打前等大的速度反向打出，所以球的动能可能不变，

动量大小不变，动量大小增量为零，故 A正确，B错误；由牛顿第三定律知：球对棒的作用

力与棒对球的作用力大小一定相等，故 C错误；球受到棒的冲量方向是棒对球弹力的方向，

与球被击打前的速度方向相反，故 D错误．

3．答案：C

解析：金属球靠近 M点的位置感应出负电荷，M点左侧图示虚线位置上电场线向右，

沿着电场线的方向电势逐渐降落，处于静电平衡的金属球是一等势体， M点的电势高于 O

点的电势，A错误；M点的电场强度由三部分组成，等量异种电荷的电场和金属球上的感应

电荷的电场，等量异种电荷在 M点的电场强度之和为 E＝－＝方向水平向右，感应电荷在

M点产生的场强之和应水平向右，故合场强要大于，B错误；金属球处于静电平衡内部场强

处处为 0，等量异种电荷在 O点的电场强度之和 E＝－＝，方向水平向右，所以感应电荷在

球心 O处产生的场强大小等于，方向水平向左，C正确；M点与金属球上不同点间的电势

差相等，将一电子由 M点移到金属球上不同点，克服电场力所做的功相等，D错误．

4．答案：C

解析：经过变压器输出的电压为交流电压，A错误；由乙图可知周期为 T，故输出电流

的频率为 f＝，B错误；由于变压器为降压变压器，则输入电压有效值大于输出电压有效值，

根据变压器的输入功率等于输出功率，可知输出电流的有效值大于 ab 端输入电流的有效值，

C正确；变压器的工作原理是电磁感应，只要输入电流的大小发生变化，产生的磁场就会发

生变化，磁通量就会发生变化，输出端就会有电压输出，故不需要将输入电压转变为交流电，

输出端也可以有电压输出，D错误．

5．答案：B

解析：储水罐中封闭的气体可看作理想气体，温度不变，体积增大，由 pV＝CT 可知，

压强变小，故 A错误；气体体积增大，对外界做功，故 B正确；由于一定质量的某种理想

气体的内能只与温度有关，温度不变，故内能也不变，即 ΔU＝0，由于气体对外界做功，

即W<0，由热力学第一定律 ΔU＝W＋Q可知，Q>0，因此气体从外界吸热，故 C错误；温

度不变，分子平均动能不变，故 D错误．

6．答案：B

解析：空间站在太空时，由万有引力提供向心力，即＝m此时的线速度为 v＝；＝m＝

m(R＋h)，当在地球北极时有＝mg

在赤道上有＝mg0＋mR；R＝即可以求出地球的半径，上述联立可得

gR2＝(R＋h)3由题意及分析可知，g、h、T、R已知，可以求出天舟四号运行的周期 T1，

进而求出其线速度 v，A、C、D说法正确；由于 G未知，故无法求出地球的质量，B说法

错误，故选 B.

7．答案：C

解析：

根据题意，由折射定律画出光路图，如图所示

根据题意，由折射定律可得 n＝解得sin r＝即 r＝45°由几何关系可得 OC＝AB cos γ＝cm

则AB 界面有光照射到的区域长度为 AC＝AO＋OC＝cm 无采光装置和漫射装置时，根

据题意有

sin C＝＝可知，单色光将在导光管中发生全反射，根据题意画出光路图，可得单色光

由导光管中射出时的光路图如图所示

根据几何关系可得 CD＝3 m 由于对称性可得，无采光装置和漫射装置时地面上左、右

两侧光斑的最远距离为x＝2CD＋d＝6.45 m，故 A、B、D错误，C正确．故选 C.

8．答案：D

解析：x t图像中曲线的割线的斜率表示瞬时速度，瞬时速度同一时刻相同，所以两段

曲线在 t＝t0时刻相切，A错误；0～t0，由静止开始，曲线为抛物线，设此时加速度为 a1，

则有 x0＝a1t

t0～5t0，末速度为零，逆向看作是初速为零的匀加速直线运动，设这段时间内的加速度

a2，则有 5x0－x0＝a2(4t0)2

解得a1＝，a2＝

可得 a1＝4a2，C错误；冰壶在t0时刻速度达到最大，速度 v＝a1t0＝，B错误；全过程

根据动能定理 WF－Wf＝0－0

可得 WF＝Wf，可知运动员对冰壶推力所做的功等于冰壶克服摩擦力所做的功，D正确．

9．答案：ABC

解析：由图可知，波长和振幅分别为λ＝2 m，A＝0.1 m 图乙所示质点在 t＝0时刻在正

向最大位移处，图丙所示质点在 t＝0时刻在y＝－0.05 m 处，运动方向沿 y轴负方向，结合

波形图找到对应的点

若图乙所示质点为左侧波峰上的点，则两点距离为m若图乙所示质点为右侧波峰上的

点，则两点距离为m考虑到空间周期性，则 x＝nλ＋(m)或x＝nλ＋(m)　(n＝0，1，2，3，

…)即

x＝2λ＋(m)或x＝2λ＋(m)　(n＝0，1，2，3，…)综上分析可得出两点平衡位置距离值，

故A、B、C正确，D错误．

10．答案：BD

解析：根据 Δx＝λ若改为紫光照射，波长变小，条纹间距会减小，A错误；屏D上出现

干涉条纹的区域一定是反射光到达的区域，作出反射光的范围如图所示

根据相似三角形的几何关系得，区域中的最高点到镜面所在平面的距离为s1，有＝，解

得s1＝9.0×10－3m，区域中的最低点到镜面所在平面的距离为s2，有＝解得s2＝×10－3m

区域的宽度为 Δs＝s1－s2≈6.33×10－3m，条纹宽度为 Δx＝λ＝×600×10－3m＝5.7×10－

4m，亮条纹的数目为n＝＝11 条，B正确；C错误；屏D上出现干涉条纹的区域长度为 d＝

nΔx＝11×5.7×10－4m＝6.3×10－3m，D正确．故选 BD.

11．答案：AC

解析：对第一次出手，有 tan 30°＝2

对第二次出手，有 tan 60°＝2

联立可得＝

且对第一次出手，有 y1＝gt

对第二次出手，有 y2＝gt

联立可得＝，故 A正确，B错误；对第一次出手，有·t1＝y1，v1＝，vx1＝

对第二次出手，有·t2＝y2，v2＝，vx2＝

联立可得 v1＝v2，vx1＝vx2

因二者初速度相同，则初动能相同，但速度在水平方向上的分量不同，则打在篮板上的

末速度不同，则在 C点时，两球的机械能不同，故 C正确，D错误．

12．答案：BC

解析：棒a向右运动，回路面积减小，根据楞次定律可知，俯视时感应电流方向为逆时

针，A错误；在棒 a的速度由 v0减小到 0.8v0的过程中，棒 a减速，棒 b加速，对棒 a，由动

量定理可得

－BIL·Δt＝－BqL＝0.8mv0－mv0，对棒 b，由动量定理可得 2BIL·Δt＝2BqL＝mv－0联

立可得 v＝0.4v0，q＝，B正确，D错误；根据能量守恒定律可得 Q＝mv－[m(0.8v0)2＋

m(0.4v0)2]＝0.1mv，C正确．故选 BC.

13．答案：(1)匀加速直线　0.96(0.90～1.0 均可给分)　(2)重物的质量 m　

解析：(1)由图乙可知，在误差允许的范围内，木块在1.20 s～1.90 s 内加速度恒定不变，

可以认为做匀加速直线运动．

根据 a＝变形得Δv＝aΔt可知 a t图像与时间轴围成的面积表示速度的变化量．整体从

静止开始运动，在木块与缓冲器碰撞前，整体一直向左加速，则加速度为正值，所以在 a上

半轴与时间围成的面积即为碰前木块的速度，由图知每小格表示的速度大小为 Δv1＝

0.2×0.5 m/s＝0.10 m/s，根据数格子的方法可知，大约有9个小格，则碰前木块的速度为 v

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