福建省名校联盟全国优质校2021-2022学年高三下学期2月大联考 物理解析

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名校联盟全国优质校 2022 届高三大联考
物理试题解析
1.【答案】C
解析：A不是轻核聚变，X为
0
1e
，Y为
4
2He
，放射性元素衰变的快慢是由原子核内部自身决定的，与外界
的物理和化学状态无关，故选 C。
2.【答案】B
解析：在“天宫”中宇航员受到地球引力；完全失重状态下，弹簧拉力器仍需要拉力才能拉开，可以用于锻炼
身体；“天宫”小于第一宇宙速度；故选 B。
3.【答案】D
解析：
OA OB
cos37 cos53F F m g 
 
建材
，
OA OB
sin 37 sin 53F F
 
，得
OA
F
=600 N，
OB
F
=450 N
对工人乙，
OB cos 53 gF N M 
，
OB sin 53F f
，得出 N=330 N，f=360 N
4.【答案】C
解析：
t=0 到t=4 s 时间内物体静止，
=16 N·s；
t=4.5 s 时物体开始运动；
1 2
( ) ( )F f t F f t mv  
得
t=6 s 时物体的速度大小为 ；t=11 s 前物体停止运动。故选 C
5. 【答案】 BD
解析：由变压器原副线圈电流关系
1 1 2 2
n I n I
，可得
1
2
3
1
R
R
I
I
，R1与R2功率比
1
2
2
1
2
2
3
1
R
R
I R
I R
，A选项错误；
设电流表示数为 I，则副线圈电流为
1
3I
，再根据原副线圈电压关系有
0 1
23
1
13
( )
3
U IR
I R R
中
，代入数据得 I=2A，
B选项正确；若划片 P上滑，R3变大，副线圈总电阻变大，副线圈电流变小，原线圈电流变小，R1分压变
小，原线圈分压变大，副线圈总电压变大，C选项错误；若划片 P上滑，类比 C选项判断可推出原线圈电
流变小，电源电压电压不变，则输出功率变小，D选项正确。
（另解：变压器副线圈可以等效成一个电阻
2
1
2
' ( )
n
R R
n
副
， 则 初 态
2
1
' ( ) 18=2
3
R 
， 电 流
0
1
2
'
U
I A
R R
 
，B选项正确；划片 P上移，等效电阻变大，电流变小，副线圈分压变大；划片 P下移，
等效电阻变小，电流变大，电源输出功率变大）
6. 【答案】 AD
解析：由乙图可知，在 t1-t2时间内电流随时间线性变小，根据闭合电路欧姆定律
E
IR R
其他 力
可知力敏电
阻随时间非线性变大（反比例变化，类似欧姆表表盘的电阻刻度），说明力敏电阻的压力随时间非线性变小。
再根据初态小车处于静止状态，可以得出弹簧初态处于压缩状态， A选项正确；且压力的随时间的变化并
不均匀，可得小车加速度随时间的变化并不均匀，而且小车的加速度应向左，故 B选项错误；在 t2-t3时间
内，小车的加速度向左，故不可能做向左匀减速的运动，C选项错误；在 t2-t3时间内，若重物还未离开力敏
电阻，则小车的加速度为向左恒定，若重物已离开力敏电阻，则小车只要有向左较大的加速度即可，具体
变化未知，D选项正确。
7. 【答案】AC
解析：根据图乙，磁场减小，线框磁通量减小，再根据楞次定律可以判断出感应电流方向为顺时针方向，A
选项正确；在安培力的作用下，线框向左加速进入磁场，由于感生、动生电动势同时存在，所以感应电流
并不恒定，故线框的加速度不恒定。但在 t=0 时刻，线框速度为零，感应电动势为
2
0
1
2
B B
E n S L
t t t
 
 
 
，牛顿第二定律
0
0 0
E
B L ma
R
，由图丙知，t=0 时刻加速度
0
0
1
v
at
，可
得
0
3
0 1
2mv R
B
t B t L
，B选项错误；t2时刻之后，线框速度为 v0恒定，说明线框已全部进入磁场。此后虽然回
路中有感应电流，但各边安培力相互抵消，所以线框做匀速直线运动。在 t3时刻，
2
3
B
E n L
t t
 
 
 
，
线框热功率
2
3
3
E
PR
，可得
2 2
0
32 2 2
0 1
4m v R
PB L t
，C选项正确；在 0-t2时间内，对线框分析，由动量定理得
BIL t m v 
，即
BL q m v 
，若磁场 B=B0恒定，则
0 0
B Lq mv
，但由于 B随时间减小，故实际电量
0
0
mv
qB L
，D选项错误。
8．【答案】 BC
解析：
A、物体 A落地之前，其重力势能逐渐减小，说明 mA>mB，设两物体加速度大小为 a，则 0~t1时间内有：
，解得 a=4 m/s2
不计滑轮质量及所有摩擦，设绳中拉力为 T，
对物体 A、B有：mAg-T=mAa，T-mBg=mBa，即
综合可得 mA=7 kg，故选项 A错误。
B、由于滑轮质量不计且不计任何摩擦，故撤去外力后 A、B系统的机械能守恒，0~t1时间内ΔEpA=-35 J，
ΔEkA=14 J，机械能减少 21 J，故物体 B的机械能增加 21 J，故选项 B正确。
C、依题意可知地面为零势能面，根据 t=0 时刻 EpA=140 J 可知物体 A（B）静止时离地面的高度 h0=2 m，
设物体 A在其重力势能和动能相等之前下落高度为 h1，则有
，解得
此时物体 A离地面高度为 ，故选项 C正确。
D、物体 A落地时，物体 A、B速度为 ，物体 B已经上升 2 m；物体 A落地之后，物
体B继续上升的距离为 ，可知物体 B离地高度最大为 4.8 m，故选项 D错误。
9．【答案】 30，3m0（4分）
解析：
当容器内气压为 4P0时，其模拟水的压强为 3P0，由题意可知，1P0相当于 10 m 高水柱产生的压强，所
以可以模拟 30 米深的水下环境。
气体为理想气体，且不考虑温度、体积的变化，将容器内压强由 P0增加到 4P0，根据理想气体状态方程
可知， ，则需要充入的气体质量为 3m0
10．【答案】加强，0（4分）
解析：由图可知两列波波速、波长均相等，故波源频率亦相等，可以发生干涉。由图易知 x=-9 m 和x=9
m两处的波峰会同时传播到 x=0 处，故 x=0 处应该为振动的加强点。
当t=1 s 时，x=-8 m 和x=8 m 两处在 t=0 时刻的振动形式传播到 x=0 处，由波的叠加原理可知，此时 x=0
处质点位移为 0
11．（6分）
（1）C
（2）1.49
（3）
【解析】
（1）A．拉力传感器可以显示绳中拉力大小 F，故无需测量砂和砂桶的总质量；
B．需要平衡摩擦力，以保证绳子对小车的拉力为小车合外力；
C．为研究小车加速度与所受合外力的关系，需保持小车的质量不变；
D．拉力传感器可以显示绳中拉力大小 F，不需要近似认为拉力等于砂和砂桶的总重力，故无需满
足砂和砂桶的总质量远小于小车质量这一条件。
（2）打点计时器所用电源频率为 50 Hz，故打点周期 T0=0.02 s，相邻计数点间有四个点未标出，故计数
点的时间间隔为 T=5T0=0.1 s，小车加速度大小为：
2
2
3 4 1 2
2 2
( ) ( ) (21.45 7.74 7.74) 10 1.4925m / s
(2 ) (2 0.1)
s s s s
aT
   
 
要求结果保留三位有效数字，则 a=1.49 m/s2
（3）跨过滑轮的绳子拉力大小不变，小车由两段绳子拉着，故其合外力为 2F，小车的总质量为 M+m0
（滑轮）由牛顿第二定律：2F=(M+m0)a，得：
0
2
a F
M m
，即
0
2
kM m
，得：
0
2
M m
k
 
12．（6分）
（1）B
（2）3.78×104
（3）D
【解析】
（1）根据题意，该电池保持 1 A 的电流持续放电 180 min(3 h)，则释放的电量为
q=It=1 A·180 min=1000 mA·3 h=3000 mAh
（2）根据题意，该电池保持 1 A 的电流持续放电，且由图甲可知路端电压随时间均匀减小，故输出功
率也随时间均匀减小，其输出能量为

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摘要：

名校联盟全国优质校2022届高三大联考物理试题解析1.【答案】C解析：A不是轻核聚变，X为01e，Y为42He，放射性元素衰变的快慢是由原子核内部自身决定的，与外界的物理和化学状态无关，故选C。2.【答案】B解析：在“天宫”中宇航员受到地球引力；完全失重状态下，弹簧拉力器仍需要拉力才能拉开，可以用于锻炼身体；“天宫”小于第一宇宙速度；故选B。3.【答案】D解析：OAOBcos37cos53FFmg建材，OAOBsin37sin53FF，得OAF=600N，OBF=450N对工人乙，OBcos53gFNM，OBsin53Ff，得出N=330N，f=360N4.【答案】C解...

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