《人教版高中物理必修一检测》第4章　章末高考真题链接

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第四章　章末高考真题链接
1.(2018·全国卷Ⅰ)如图，轻弹簧的下端固定在水平桌面上，
上端放有物块 P，系统处于静止状态，现用一竖直向上的力 F作
用在 P上，使其向上做匀加速直线运动，以 x表示 P离开静止位
置的位移，在弹簧恢复原长前，下列表示 F和x之间关系的图象
可能正确的是(　　)
解析：选A　由牛顿运动定律，F－mg＋F弹＝ma，F弹＝k(x0－x)，kx0＝
mg，联立解得 F＝ma＋ kx，对比题给的四个图象，可能正确的是 A．
2.(2016·上海卷)如图，顶端固定着小球的直杆固定在小
车上，当小车向右做匀加速运动时，球所受合外力的方向沿
图中的(　　)
A．OA 方向　　　　　　 B．OB 方向
C．OC 方向 D．OD 方向
解析：选D　据题意可知，小车向右做匀加速直线运动，由于球固定在杆上，
而杆固定在小车上，则三者属于同一整体，根据整体法和隔离法的关系分析可知，
球和小车的加速度相同，所以球的加速度方向也应该向右，故选项 D正确．
3.(2016·海南卷)沿固定斜面下滑的物体受到与斜面平行
向上的拉力 F的作用，其下滑的速度—时间图线如图所示．
已知物体与斜面之间的动摩擦因数为常数，在 0～5 s、5～
10 s、10～15 s 内F的大小分别为 F1、F2和F3，则(　　)
A．F1＜F2 B．F2＞F3
C．F1＞F3 D．F1＝F3
解析：选A　由 vt图象可知，0～5 s 内加速度 a1＝0.2 m/s2，沿斜面向下，
根据牛顿第二定律有 mgsin θ－f－F1＝ma1，F1＝mgsin θ－f－0.2m；5～10 s 内加
速度 a2＝0，根据牛顿第二定律有 mgsin θ－f－F2＝ma2，F2＝mgsin θ－f；10～15
s内加速度 a3＝－0.2 m/s2，沿斜面向上，根据牛顿第二定律有 mgsin θ－f－F3＝
ma3，F3＝mgsin θ－f＋0.2m.故可得：F3＞F2＞F1，选项 A正确．
4．(多选)(2015·全国卷Ⅱ)在一东西向的水平直铁轨上，停放着一列已用挂
钩链接好的车厢．当机车在东边拉着这列车厢一大小为 a的加速度向东行驶时，
1
链接某两相邻车厢的挂钩 P和Q间的拉力大小为 F；当机车在西边拉着这列车厢
一大小为 a的加速度向西行驶时，链接某两相邻车厢的挂钩 P和Q间的拉力大
小仍为 F.不计车厢与铁轨间的摩擦，每节车厢质量相同，则这列车厢的节数可
能为(　　)
A．8 B．10
C．15 D．18
解析：选BC　由设这列车厢的节数为 n，P、Q挂钩西边有 k节车厢，每节
车厢的质量为 m，由牛顿第二定律可知：＝，解得 k＝n，k是正整数，n只能是
5的倍数，故 B、C正确，A、D错误．
5．(多选)(2015·全国卷Ⅰ)如图(a)，一物块在 t＝0时刻滑上一固定斜面，其
运动的 vt图线如图(b)所示．若重力加速度及图中的 v0、v1、t1均为已知量，则
可求出(　　)
A．斜面的倾角
B．物块的质量
C．物块与斜面间的动摩擦因数
D．物块沿斜面向上滑行的最大高度
解析：选ACD　小球滑上斜面的初速度 v0已知，向上滑行过程为匀变速直
线运动，末速度 0，那么平均速度即，所以沿斜面向上滑行的最远距离 s＝t1，根
据牛顿第二定律，向上滑行过程：＝gsin θ＋μgcos θ，向下滑行过程：＝gsin θ－
μgcos θ，从而可计算出斜面的倾斜角度 θ以及动摩擦因数，选项 A、C对；根据
斜面的倾斜角度可计算出向上滑行的最大高度 ssin θ＝t1×＝v0，选项 D对；仅
根据速度时间图象，无法求得物块质量，选项 B错．
6.(2016·全国卷Ⅲ)某物理课外小组利用图(a)中的
装置探究物体加速度与其所受合外力之间的关系．图
中，置于实验台上的长木板水平放置，其右端固定一
轻滑轮；轻绳跨过滑轮，一端与放在木板上的小滑车
相连，另一端可悬挂钩码．本实验中可用的钩码共有
N＝5个，每个质量均为 0.010 kg.实验步骤如下：
(1)将5个钩码全部放入小车中，在长木板左下方垫上适当厚度的小物块，
使小车(和钩码)可以在木板上匀速下滑．
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