江苏省2023—2024学年高三上学期期末迎考卷 物理答案

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江苏省 2023—2024 学年高三上学期期末迎考卷物理
物理参考答案与评分标准
1. B
　
解析
:1
3
H发生衰变时,核内中子转变为一个质子和一个电子,故A错误;依题意,该核反应释放能量,所以
2
3
He 的比结合能大于
1
3
H的比结合能,故B正确;放射性
元素的放射性与温度无关,故C错误
;1
3
H衰变时会释放能量,衰变过程中的质量亏损等于
❑1
3
H的质量减
2
3
He 的质量再减
-1
0
e的质量,故D错误.
2. B
　
解析:根据 Δx=
λ可知,若使用更长的杯子,L变大,条纹间距变大,故A错误;由c=λf 可知,若使用频率更低的激光,激光的波长变大,条纹间距变大,故B正
确;增大激光器到双缝之间的距离,间距不变,故C错误;在杯子中填充折射率较大的透明物质,光在介质中的传播速度变小,频率不变,可知光在杯子中的波长变小,故
条纹间距变小,故D错误.
公众号：高中试卷君
3. A
　
解析:两球加速度均为重力加速度,则相同时间内速度变化量大小相同,A 正确;两球相遇时间 t=
v
g
,则tan θ=
¿
v
=1,相遇时小球 S1的速度方向与水平方向夹
角为 45°,B 错误;两球竖直方向的分位移相等,则相遇点在 N点上方
ℎ
2
处,C 错误;M、N间的距离为 x=vt=
v2
g
,又h=2·
v2
2g
,则x=h,D 错误.
4. C
　
解析:由图知,该质点的起振方向沿 y轴负方向,则波源的起振方向沿 y轴负方向,A 错误;波长 λ=vT=0.6×0.2 m=0.12 m,波源与 P点间的距离 0.15
m=λ+
1
4
λ,当t=0.1 s 时,P点位于平衡位置向上运动,结合波形知,当t=0.1 s 时,波源处于波峰,B 错误;由图知振幅 A=2×10-2 m,则当该质点经过的路程为
1×10-1 m 时,P点位于波谷,波源经过平衡位置,速度最大,C 正确;P点与距波源 5×10-2 m 处的质点间的距离 Δx=0.15 m-0.05 m=0.1 m=
5
6
λ,P点与距波源
5×10-2 m 处的质点运动方向并不始终相同,D 错误.
5. D
　
解析:ab 端输入电压为 220 V,由于送电线圈中的电阻 R分压,故送电线圈两端电压小于 220 V,则根据
U1
U2
=
n1
n2
可知,受电线圈 cd 两端的输出电压小于 22
V,故A错误;设手机两端电压为 U',由题意可知 U2=U'+I2R,送电线圈的电流为 I1=
n2
n1
I2=0.1 A,则送电线圈两端电压 U1=U-I1R=220-0.1R,根据
U1
U2
=
n1
n2
,可解得
R=20 Ω,故B错误;充电时,与送电线圈相连的电阻 R两端的电压为 UR=I1R=2 V,故C错误;充电时,受电线圈 cd 两端的输出电压为 U2=U'+I2R=21.8 V,故D正
确.
6. A
　
解析:在8 s 时间内甲、乙运动的距离分别为 x甲=v甲t=24 m、x乙=v乙t=48 m 根据对称性由图可得 Δx=
x乙-x甲
2
=12 m,根据几何关系可得蓝牙耳机
在运动过程中与手机无线连接的最远距离为 dm=
❑
√
d2+(Δ x )2
=13 m,故选 A.
7. B
　
解析:h是“太空电梯”距地面高度,当h为零时宇航员在地面,受万有引力和地面的支持力,绕地球运动的线速度小于第一宇宙速度,故A错误;因地球同步卫
星的角速度等于地球自转的角速度,同步卫星受到的万有引力等于向心力,故当 h与地球同步卫星距地面高度相同时,宇航员受到的万有引力等于向心力,则宇航员
处于完全失重状态,故B正确;根据 a=ω2r,可知 h越小,r越小,宇航员绕地心运动的向心加速度越小,故C错误;“太空电梯”相对地面静止,“太空电梯”里的宇航员
随地球自转的角速度相等,根据 v=ωr,可知 h越大,r越大,宇航员绕地心运动的线速度越大,故D错误.
8. D
　
解析:该过程中由水平速度产生的洛伦兹力做正功,故A错误;小球受到的合力方向与速度方向不共线,所以其运动轨迹是一条曲线,故B错误;洛伦兹力不做
功,故C错误;小球在竖直方向做匀加速运动,故D正确.
9. D
　
解析:由图可知 q1附近电势为正无穷,则q1为正电荷,q2附近电势为负无穷,则q2为负电荷,故q1和q2带异种电荷,故A错误;φ-x图线的斜率对应电场强度,A
点处 φ-x图线的斜率不为零,则A点的电场强度不为零,故B错误;根据沿电场线方向电势降低,N、C之间电场强度方向沿 x轴负方向,故C错误;将电子沿 x轴从N
移到 D,电势先增大后减小,电场力先做正功后做负功,故D正确.
公众号：高中试卷君
10. C
　
解析:由乙图可知,线框在下降过程中,磁场先垂直斜面向下,磁感应强度逐渐减小为零,后磁场垂直斜面向上,磁感应强度由零逐渐增大,从上往下看,线框中
的电流方向为顺时针方向,根据左手定则可知,线框四个边均受到安培力,但受到的安培力的合力为零,虽然 MN 边中感应电流的方向不变,但磁场的方向发生变化,因
此MN 边受到的安培力先沿斜面向下,再沿斜面向上,故A、B错误;线框所受安培力的合力为零,故线框在重力和支持力的作用下沿斜面向下运动,沿斜面向下的分
力为 mgsin θ,由牛顿第二定律可得 mgsin θ=ma,解得 a=gsin θ,由v=v0+at,可得经过时间 t,线框的速度大小为 v=gtsin θ,故C正确,D 错误.
11. C
　
解析:在物体A下落过程中绳的拉力对物体A做负功,故机械能减小,故A正确;由题意可知,初始状态弹簧无弹力,物体A落地前瞬间,弹簧的形变量等于 h,
此时弹簧的弹力F=2mg,弹簧的劲度系数为k=
F
ℎ
=
2mg
ℎ
,故B错误;设整个过程中,绳子对 A的冲量大小为 I绳,则绳子对 B和弹簧的冲量大小也为I绳,对A由动
量定理得 mgt-I绳=0,对B和弹簧由动量定理得 2mgt-I地-I绳=0,解得物体A从静止下落到落地的 t时间内,地面对 B物体的冲量大小为 I地=mgt,故C正确;将A
物体质量改为1.5m,当弹簧弹力等于 1.5mg 时,A受力平衡,加速度为零,速度最大,此时弹簧形变量 x=
1. 5 mg
k
=
3
4
h,对A和弹簧的系统,根据机械能守恒得
1.5mgx=
1
2
kx2+
1
2
×1.5mv2,解得 v=
❑
√
3gℎ
4
,故D错误.
12. (15 分)(1)V1
　
(2)C
　
(3)见解析
　
(4)1.50
　
0.50
解析:(1)2 节干电池串联起来,电动势约为3 V,电压表应选用 V1.
(2)因为待测电池的内阻太小,路端电压变化不明显,故选 C.
(3)如图所示
(4)设每节干电池的电动势为E,内阻为 r,由闭合电路欧姆定律可得
U=2E-I(R0+2r)
结合乙图,可得 2E=3.0 V,R0+2r=
|
2. 0 - 3 . 0
0 . 5
|
Ω=2.0 Ω
解得 E=1.50 V,r=0.50 Ω
13. (6 分)(1) 10 m/s2
　
(2) 8.0 r/s
解析:(1)由题意可知 a=
ω0
2
r
解得 a=10 m/s2
(2)根据 F附=mωm2r,ωm=2πnm
解得 nm=
25
π
≈8.0 r/s
14. (8 分)(1) 放热
　
理由见解析
　
(2) 0.4 m
解析:(1)在挤压气囊过程中,气囊内的气体进入桶中,外界对气体做功,气体的温度不变,则气体的内能不变,根据热力学第一定律可知,气体向外放热.(3 分)
(2) 压缩气囊过程中,温度不变,由于水管体积非常小,水桶中气体体积不变,则知 p0(V1+V2)=pV2
当气囊中的气体全部被挤入桶内时,桶内的水恰好上升到出水口处,则有 p=p0+ρgh
联立解得 h=0.4 m(5 分)
15. (12 分)(1)
m v0
2dq
　
(2) -(2-
❑
√
3
)d
　
(3) -
6Eq d2
m v0
2
解析:(1)粒子在磁场中的运动轨迹如图所示
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