湖北省荆州市沙市中学2024-2025学年高三上学期12月月考物理答案
高三年级 12 月月考物理答案
1.
D
【解析】甲图：匀变速直线运动位移公式的推导，用到了微元法；乙图和丁图：用到了微小
形变放大法；丙图：研究合力与分力，用到了等效法故乙和丁包含的物理思想方法相同，选 B。
2.
B
【解析】磁性棋盘是竖直放置的，棋子静止在上面时受到重力、弹力、磁力及摩擦力
;
弹力和
磁力与棋盘垂直，二力为平衡力，重力竖直向下，而摩擦力竖直向上与重力平衡，A错误，B正
确
;
根据竖直方向上二力平衡知：
f=G
，
f
应不超过最大静摩擦力，则有：
f<fm=μN=μF
，
F
一
定，要使棋子不滑下，应增大最大静摩擦力，为此应增大
μ
，棋盘面应选取较粗糙的材料，C错
误
;
棋子质量小而重力小时，若没有其他阻力存在，仍会向下运动，棋子不会掉落是因为棋子受到
棋盘对它向上的摩擦力，D错误．
3.
B
【解析】根据图示，蜻蜓连续两次点水过程中激起的波纹，圆圈越小，则时间越短，所以飞
行方向则为从大圆到小圆，即蜻蜓的飞行方向向右
;
若蜻蜓飞行的速度和水波的速度相同，那么蜻
蜓的每一次点水的时候都会是在上一个水波的边线上，而第二个水波和第一个水波都在以相同的
速度运动，所以每个圆都应该是内切的
;
然而图中
O2
到
O1
圆圈边线距离小于
O2
半径，说明水波
O2
运动了一段时间，
O1
水波才到
O2
圆心，则说明蜻蜓飞行的速度比水波的速度大，故 B正确．
4.
C
【解析】A.载人飞船在轨道
1
和空间站在轨道
2
上的
P
处，都由万有引力来提供合外力，由牛
顿第二定律
GMm
r2=ma
，可知加速度大小相等，故 A错误；B.轨道
1
为椭圆轨道，载人飞船在
P
处有
GMm
r2>mv2
r
，又
GMm
R2=mg
，则载人飞船在轨道
1
上经过
P
点时的速度小于
√
g R2
r
，故 B错
误；C.由开普勒第三定律可知，
(
r+R
2
)
3
T2=r3
T2
2
，则轨道
1
和轨道
2
运行周期之比为
T
T2
=¿
，故 C正
确；D.轨道
1
为椭圆轨道，万有引力与向心力大小不等，可利用轨道
2
求解地球质量
M
，由万有引
力提供向心力有
GMm
r2=m4π2
T2
2r
，解得地球质量
M=4π2r3
GT 2
2=π2
(
r+R
)
3
2G T2
，故 D错误。
5.
C
【解析】由光路图，分析可知，第一次折射时，
b
光的折射角较大，而入射角相等，根据折
射率公式
n=sini
sinr
得知，
b
光的折射率较小，频率较小，波长较长。A.由题意结合题图知，霓是经
过
2
次折射和
2
次全反射形成的现象，故 A错误；B.由于
b
光的波长较长，根据
Δx=L
dλ
，可知光
束
a
、
b
通过同一装置发生双缝干涉，
b
光的相邻亮条纹间距大，故 B错误；C.由公式
v=c
n
得知，
b
光的折射率较小，速度较大，在同种玻璃中传播，
b
光的传播速度一定大于
a
光，故 C正确；D.
b
光的折射率较小，频率较小，分别照射同一金属，若
a
光能使某金属发生光电效应，则
b
光不一
定能使该金属发生光电效应，故 D错误。
6.
D
【解析】选项A、
B
在时间
0
到
2L
v
内图线形状相同，下面分析
2L
v
到
3L
v
时间内线框的运动，
该段时间线框出磁场，
ab
边切割磁感线，且有效切割长度为
L −vt
，根据感应电动势公式
E=B(L− vt)v
，由闭合电路的欧姆定律得感应电流
i=E
R=B(L− vt)v
R
线性减小，由楞次定律知
电流方向为顺时针，选项A、B错误。线框进出磁场，由楞次定律知产生的感应电流的效果是阻
碍线框的相对运动，所以可判断安培力方向为水平向左，拉力与安培力二力平衡，所以拉力水平
向右，即拉力方向为正方向。在
2L
v
到
3L
v
时间范围内，有
F=F安=B2¿¿
，则
F − t
图线应为抛物
线，选项C错误，选项D正确。
7.
BD
【解析】
ABD
、小球运动到最低点时，弹性绳会拉长，弹性绳的弹性势能增加，此过程弹
性绳对小球做负功，由能量守恒定律知，小球的机械能会减小，则小球重力势能的减少量大于动
能的增加量，让小球紧靠
O
点由静止释放，小球向下运动到
P
点时，由能量守恒定律知，小球此
时有竖直向下的速度，则小球向下运动到的最低点一定在
P
点下方，故 A错误，BD 正确；C、小
球运动到
P
点时，速度方向水平向左，与重力方向垂直，则此时重力的瞬时功率为
0
，故 C错
误。
8.
ACD
【解析】B.由题意
c
点的磁感应强度为零，则说明导线
P
、
Q
在
c
点产生的磁场大小相
等、方向相反，又因为
c
点距
P
、
Q
的距离比为
1 :3
，则
kI1
R=kI2
3R
，可得电流之比为
1 :3
，故 B错误。A.由
B
分析可知，导线
Q
在
d
点产生的磁场强，
d
点的磁感应强度方向垂直
cd
向
下，由安培定则可知
P
中的电流方向向外、则
Q
中的电流方向向里，故 A正确。C.由安培定则
可知，导线
P
、
Q
在
O
点产生的磁场方向均垂直
cd
连线向
上，故 C正确。D.由于
I1=I2
，分别作出两电流在
a
、
b
两点
的磁感应强度大小和方向，如图所示，根据磁场的矢量合成可
知
a
、
b
两点的磁感应强度大小相等、方向相同，故 D正确。
9.
AD
【解析】解：
A .
令等效重力加速度为
g0
，则有
mgsinθ=m g0,
解得
g0=gsinθ
，可知，多次改变图
1
中
θ
角的大小，即可获得不同的等效重力加速
度，故 A正确；B.单摆在运动过程中，
A
、
C
两位置摆线的拉力最小，根据图
2
可知，相邻两个摆
线拉力最小的位置的时间间隔为半个周期，可知，单摆
n
次全振动的时间为
t=nT =2n T 0,
故B错
误；C.根据单摆周期公式有
T=2π
√
L
gsinθ
，可知，多次改变斜面倾角
θ
，只要得出
T∝
1
√
sinθ
就
可以验证该结论成立，故 C错误；D.摆球自然悬垂时，通过力传感器
¿
图中未画出
¿
测得摆线的拉
力为
F1
，根据平衡条件有
F1=mgsinθ
,在图
2
的测量过程中，摆球在
A
位置有
F2=mgsinθcosα
,摆
球在
B
位置，根据牛顿第二定律有
F3− mgsinθ=m v2
L
摆球从
A
位置运动到
B
位置，根据动能定理
有
mgsinθ (L− Lcosα)= 1
2m v2
,解得
F3=3F1−2F2
，故 D正确。故选：
AD
。根据题意求出等
效重力加速度。根据图
2
求周期，根据单摆周期和全振动时间的关系求解作答；根据单摆周期公
式分析作答；摆球自然悬垂时，根据平衡条件细线的拉力；在
A
、
C
位置，求拉力
F2
与
F1
的关
系；在最低处
B
点，根据向心力公式求速度；小球从
A
到
B
，根据动能定理求速度，然后联立求
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