广西壮族自治区“贵百河”2023-2024学年高一下学期5月月考试题 物理答案

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物 理 答 案
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2023 级“贵百河”5 月高一年级新高考月考测试
物理答案
1．【答案】D
【解析】A．物体在恒力作用下也可能做曲线运动，例如平抛运动，选项 A 错误；B．做曲线运动的物
体，其速度大小不一定变化。例如匀速圆周运动，选项 B 错误；C．物体在变力作用下不一定做曲线
运动，也可能做直线运动，选项 C 错误；D．加速度（不为 0）不变的运动可能是曲线运动，例如平抛
运动，选项 D 正确。
2.【答案】C
【详解】A．静止卫星的周期
c
必须与地球自转周期相同，角速度相同，则知
a
与
c
的角速度相同，
根据
a=ω
2r
知，
c
的向心加速度大。由
2
Mm
G mg
r
得
2
GM
gr
。卫星的轨道半径越大，向心加
速度越小，则静止卫星
c
的向心加速度小于
b
的向心加速度，而
b
的向心加速度约为
g
，故知
a
的向
心加速度小于重力加速度 g。故 A 错误；B．由
2
2
Mm v
G m
r r
解得
GM
vr
可知，卫星的轨道半径越
大，速度越小，所以
bcd
三个卫星中
b
的速度最大，而
a
与
c
的角速度相同，根据
v=ωr
知，
a
的线
速度小于 c 的线速度，所以五颗卫星的线速度大小关系有
b c d f
v v v v 
，a 和 d 的线速度大小无法
比较。选项 B 错误。C
．ｃ
的周期为 24h，则在 4h 内转过的圆心角是
42
24 3
 
  
。选项 C 正确；D．卫
星 f 加速后做离心运动，轨道变高，不可能追上同一轨道上的卫星
d
，故 D 错误；
3.【答案】D
【解析】若以桌面为参考平面，小球在
A
点的重力势能为
E
A＝
mgH
＝40J，故 A 错误；若以桌面为参考
平面，小球在
B
点的重力势能为
E
B＝－
mgh
＝－20J，故 B 错误；由
A
处下落至
B
处过程中重力势能减
少量Δ
E
＝
E
A－
E
B＝60 J，故 C 错误；重力势能减少量与下落高度差有关，与参考平面的选取无关，若
以地面为参考平面，由
A
处下落至
B
处过程中重力势能减少量仍为 60 J，故 D 正确．
4.【答案】D
【详解】AC．卫星进入中地圆轨道时需要在 N 点加速，所以在转移轨道上经过 N 点时的速度小于在中
地圆轨道上经过 N 点时的速度故 AC 错误；B．卫星在中地圆轨道上，由万有引力提供向心力得
 
2
23
3
GMm mv
R
R
，在近地面有
2
GMm mg
R
，解得
故 B 错误；D．卫星在中地圆轨道上周期
t
Tn
中
， 由开普勒第三定律得
 
3 3
2 2
2 3R R
T T
转 中
，联立解得
2 2
3 3
t
Tn
转
在转移轨道上从 M 点运行至 N
点（M、N 与地心在同一直线上）所需的时间
2
2 3 3
MN
Tt
tn
 
转
，故 D 正确。故选 D 。
5.【答案】B
【详解】A．小球抛出时的竖直速度
2 3m/s
y
v gh 
，则抛出时的初速度大小
13
22 yx vvv
，故 A
错误；B．小球上升的时间为
0.3s
y
v
tg
 
，故 B 正确；C．小球到达最高点时水平速度不为零，则速度
不为零，故 C 错误；D．从小球被抛出到再次落入手中，小船前进了
mtvx x2.12
，故 D 错误。
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物 理 答 案
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6.【答案】B
【解析】A．过山车在 A 点时，向心加速度竖直向上，处于超重状态，故 A 错误；B．经过两个点时过
山车的速率相等，在 A 点有
2
1
A
mv
F mg R
 
，在 B 点有
2
2
B
mv
F mg R
 
，因此有


），因为圆半径不同，则在 A、B 两点轨道对过山车的弹力大小之差大于
2mg，故 B 错误；C．经过两个点时过山车的速率相等，根据
v R
，因为
A B
R R
，故过山车在 A 点的
角速度大于在 B 点的角速度，故 C 错误；D．根据
2
1
A
mv
F mg R
 
，
2
2
B
mv
F mg R
 
，且
A B
R R
可得
1 2
F F
，
故 D 错误。
7.【答案】C
【详解】轻绳 OB 断开前，小球以 A、B 中点为圆心的圆弧做往复运动，设小球经过最低点的速度大小
为 v，绳长为 L，小球质量为 m，轻绳的张力为
1
F
，由向心力公式有


，轻绳 OB 断开后，小球在水平面内做匀速圆周运动，其圆心
在 A 点的正下方，设轻绳的张力为
2
F
，有
且联立解得

 ,
故 C 正确。
8.【答案】AD
【详解】AB．易知 A、B绕O点运动的周期相同，则角速度相同，且二者的向心力均由之间的万有
引力提供，所以大小相等，即
2 2
A A B B
m r m r
 
因为 rA＞rB，所以 mA＜mB，故 A正确，B错误；
CD．双星之间的距离为
A B
L r r 
设双星周期为 T，根据牛顿第二定律有
2 2
A B
A A B B
2 2 2
4π 4πm m
G m r m r
L T T
 
联立以上两式可得
2 3
A B 2
4π L
m m GT
 
，根据上式可知，双星间距离一定，双星的总质量越大，其转动周
期越小；双星的质量一定，双星之间的距离越大，其转动周期越大，故 C 错误，D 正确。
9.【答案】AC
【详解】AB．设落点与
O
点的距离为
L
，设
O
点速度
020m/sv
，由平抛运动可得
2
1
sin 2
L gt
，
0
cosL v t
解得
75mL
，
3st
，A 正确，B 错误；C．设运动员落在斜面上瞬间的速度大小为
v
，运动员落在斜
面上瞬间竖直向下的分速度大小为
y
v
，则
22 sin
y
v gL
，解得
2 sin 2 10 75 0.6m/s=30m/s
y
v gL
 
设运动员落在斜面上瞬间的速度大小
2 2 2 2
020 30 m/s=10 13m/s
y
v v v  
，故 C 正确；，D．若落到斜
面上的速度与水平方向夹角为α，则由 tanα=2tanθ，可知运动员落到斜面上的速度与斜面夹角不变。
故D错误。
{#{QQABAYIUogiIAJJAABhCEwGgCAGQkBECCCoOABAAoAIAiAFABAA=}#}
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