湖南省长沙市湖南师范大学附属中学2024-2025学年高一上学期期中考试物理试卷答案

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湖南师大附中 2024－2025 学年度高一第一学期期中考试

物理参考答案

一、单选题(本题共 6小题，每小题 4分，共 24 分。在每小题给出的四个选

项中，只有一项是符合题目要求的)

题号 1 2 3 4 5 6

答案 D C B C A A

1.D　【解析】A.伽利略对自由落体运动的研究，应用了将实验和逻辑推理

相结合的方法，故 A正确；B.根据速度定义式 v＝，当 Δt非常小时，就可以表示

物体在 t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法，故 B正确；C.在推导匀

变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看做

匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法，故 C正确；D.在

不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫理想模型法，

故D错误。选不正确的，故选 D。

2．C　【解析】A.放在水平地面上的物体受到地面的支持力，是因为地面发

生了形变，故 A错误；B.重力与物体的运动状态无关，故 B错误；C.运动的物体

可能受到静摩擦力的作用，例如与倾斜传送带一起运动的物体，受传送带的静摩

擦力，故 C正确；D.两个物体不接触也可以产生力的作用，如磁铁间的作用力、

物体受到的重力等，故 D错误。故选 C。

3．B　【解析】物块处于平衡状态，所受合外力为零，所以摩擦力为 f＝F1

－F2，因为 F1逐渐减小，所以摩擦力先减小，方向向左；当 F1<F2时，摩擦力为 f

＝F2－F1，所以摩擦力增大，方向向右。故选 B。

4．C　【解析】A.根据 x＝at2，可得 t＝，可知初速度为零的匀变速直线运动

在连续相等位移内的时间之比为 1∶(－1)∶(－)∶(2－)……，故 A错误；B.由上

述比值关系可知，B点为物体运动的时间中点，根据全程的平均速度等于时间中

点速度可知，物体通过 AE 段的平均速度等于通过 B点时的瞬时速度，由于物体

做加速运动，所以物体通过 AE 段的平均速度小于通过 C点时的瞬时速度，故 B

错误；C.根据 v2＝2ax，可得 v＝，可知，物体通过 B、C、D、E四点的速度之比

为1∶∶∶2，故 C正确； D.因为物体通过每一段的时间之比为 1∶(－

1)∶(－)∶(2－)，则平均速度之比为 1∶(＋1)∶(＋)∶(2＋)，故 D错误。故选

C。

5．A　【解析】AB.把F分解，如图，可知刀具左侧对硬物的压力大于右侧

对硬物的压力，故 A正确，B错误；CD.由牛顿第三定律可知刀具对硬物的作用

力等于硬物对刀具的作用力，故 CD 错误。故选 A。

6．A　【解析】由题意，小球做竖直上抛运动，由 Δx＝aT2得，则连续相邻

两拍摄点之间的距离差应为 Δx＝－gT2＝－10×0.32 m＝－0.9 m(取向上为正)，由

图可得 ab 两点，bc 两点之间的距离分别为 ab＝12×5 cm＝0.6 m，bc＝3×5 cm＝

0.15 m，如果 abc，则 cb－ab＝－0.45 m，不可能；如果是 acb，则 cb－ac＝－

0.15 m－(0.15＋0.6)m＝－0.9 m，可能；如果是 bca，则 ca－bc＝－(0.6＋0.15)m

－0.15 m＝－0.9 m可能，所以可能拍摄的顺序可能是 acb，也可能 bca。如果是

cba，则 ba－ca＝0.45 m，不可能。故选 A。

二、多选题(本题共 5小题，每小题 5分，共 25 分。在每小题给出的四个选

项中，有多项符合题目要求。全部选对的得 5分，选对但选不全的得 3分，有选

错得 0分)

题号 7 8 9 10 11

答案 AB CD AC AD BCD

7.AB　【解析】A.从M到N的过程中，位移 2R，则平均速度的大小为v＝

＝，选项 A正确。BC.以向右为正方向，则从 M到N的过程中，速度变化量的大

小为 Δv＝v－(－v)＝2v，选项 B正确，C错误；D.从M到P过程中的位移与从 P

到N过程中的位移大小相同，但是方向不同，选项 D错误；故选 AB。

8．CD　【解析】ABC.由图像可得－函数关系为＝20－4，可得 x＝20t－

4t2，结合匀变速直线运动的位移时间公式 x＝v0t＋at2，可得机动车的初速度和加

速度分别为 v0＝20 m/s，a＝－8 m/s2，可知机动车处于匀减速状态，故 AB 错误，

C正确；D.根据速度—时间公式，可得机动车匀减速运动的总时间为 t＝＝2.5

s，则机动车在前3秒的位移等于机动车在前2.5 秒的位移，由运动学公式，可得

机动车在前3秒的位移为 x＝t＝25 m，故 D正确。故选 CD。

9．AC　【解析】AB.将两小球看作一个整体，对整体受力分析，受力如图

所示，根据共点力的平衡条件有sin 30°＝，解得细线a、c拉力之比 2∶1，选项

A正确，B错误；CD.a 球受力平衡，水平方向 Fa′sin 30°＝Fbsin 60°，竖直方向

Fbcos60°＋m1g＝Fa′cos 30°，解得 Fb＝m1g，对球 2根据受力平衡有 Fb·sin 30°＝

m2g，所以两个小球 1和2的质量之比为 2∶1；选项 C正确，D错误。故选 AC。

10．AD　【解析】初始状态时，由平衡条件，对 AB 整体(mA＋mB)gsin 30°

＝k1x1，对 B，mBgsin 30°＝k2x2，两弹簧压缩量为 x1＝0.075 m，x2＝0.01m，C缓

慢下移直至静止时，对 ABC 整体(mA＋mB)gsin 30°＝k1x1′＋mCg，对 BC，mBgsin

30° ＋k2x′2＝mCg，两弹簧压缩量和伸长量分别为 x1′＝0.015 m，x2′＝0.002

m，A、B两物体沿斜面运动的距离分别为 xA＝x1－x1′＝0.06 m，xB＝x2＋x2′＋xA

＝0.072 m，故选 AD。

11．BCD　【解析】AB.对题图右侧结点处受力分析，α角大小不变，可以使

用辅助圆方法判断力的动态变化情况，如图所示，通过分析可得 FT先增大再减小，

F一直减小。初始状态，对 A分析可得绳子拉力FT＝mg，对 B分析，可发现FT

＝2mgsin 30°，即一开始 B与C间的静摩擦力为零，故当绳子拉力FT从mg 先增

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