山西省吕梁市2021届高三上学期11月阶段性测试物理试题 答案

3.0 envi 2024-09-30 4 4 244.82KB 7 页 3知币
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吕梁市 2020 年11 月高三阶段性测试
物理参考答案
一．选择题(共12 题，每题 4分，共 48 分，其中第 1-8 题为单选，9-12 题为多选。有选
错的不得分，少选或漏选的得 2分)
1.【答案】B
【解析】B项，2秒时的速度大小为 P点斜率的大小，斜率为 4，所以 B正确。AC 项，质点
的位移时间图象为抛物线，由位移公式 ,速度公式 ,将2s 时的
x=12m,v=4m/s 代入，可以求得初速度为 8m/s,加速度大小为 2m/s2，所以 AC 错.D 项，
1s 代入位移时间关系式可以求得位移大小为 7m/s
2.【答案】C
【解析】A项a-t 图中，面积代表速度的的改变量，0-1s 内，速度变化量为 1.5m/s，初速
度为-3m/s,1s 末的速度为-1.5m/s,速度方向不变，A项错误。BCD 项，0-1s 速度变化量
为1.5m/s，1s 时速度-1.5m/s；1-2s 速度变化量为 1.5m/s,2s 时速度为 0；2-3s,速度
变化量为 0.5m/s，3s 末速度为 0.5m/s；3-4s 速度变化量为-0.5m/s，4s 末速度为 0.所
以C正确，BD 错误。
3.【答案】C
【解析】设做平抛运动的物体水平速度为 ,竖直方向的分速度为 =gt,可知 ，物
体被抛出时的重力势能和动能之比为 ，又因为 ，联立可得重力势能与
动能之比为 ，所以 C正确
4.【答案】B
【解析】A项，开普勒第二定律可知近地点线速度大，A错误。B项，轨道Ⅰ变轨到轨道
Ⅱ，外力做正功，机械能增加，B正确。C项，轨道Ⅱ的半径小于同步卫星的轨道半径，
所以周期小于 24 小时，C错误。D项，同一位置，加速度相等，D错误。
5.【答案】C
【解析】A项，刚撤去外力 F时，AB 整体的加速度为 F/3m ,隔离分析 A，由 -mg=ma
得=（3mg+F）/3,A 选项错误。B项，ＡＢ两物体分离时，ａ相同，Ｆ弹－２ｍｇ＝２
ｍａ，ａ＝－ｇ，所以Ｆ弹为０。Ｃ项，两物体速度最大时，ａ＝０，隔离分析Ａ物块，
＝ｍｇ，Ｃ正确。Ｄ项，弹簧恢复原长时， 为０。
6.【答案】A
【解析】AB 项，质点速度方向沿
x
轴正方向时，速度最小为
v/2
，后续可以认为质点做
类平抛运动，当质点速度大小变为
v
时，根据运动的合成与分解知识可知，速度方向
与
x
方向夹角
满足
os 2
1
2
cv
v
 
解得
60
 
A正确 B错误；
CD 项，合力大小为
F
，根据牛顿第二定律可知，加速度 a=
沿力方向的分速度
根据速度公式可知 CD 错误。
7.【答案】D
【解析】没有外力作用时，m匀速下滑，系统处于平衡状态，整体研究，水平方向没有力，
也没有分力，所以 M没有向左运动的趋势，也没有摩擦力;竖直方向地面对 M的支持力为
（M+m）g。当 m加上沿斜面的外力时，M受到 m的压力和摩擦力没有发生变化。所以 D
正确
8.【答案】D
【解析】A项．当
h
=0.8m 时，小球运动到最高点，因为小球恰能到达最高点
C
，则有
2
v
mg m r
解得
2m/sv gr 
则
x
=4，故 A错误；
BC 项，从
A
到
C
过程，动能减小量
2 2
0
1 1 1.05J
2 2
mv mv 
重力势能的增加量为△
EP
=
mg
2
r
=0.8J
则机械能减小 0.25J，由于
A
到
B
过程中压力大于
B
到
C
过程中的压力，则
A
到
B
过程
中的摩擦力大于
B
到
C
过程中的摩擦力，可知
B
到
C
的过程克服摩擦力做功较小，知机
械能损失小于 0.125J，故 B错误；A到C摩擦力做功为-0.25J。
D项，小球从
C
点抛出后做平抛运动，根据
可得小球从抛出到落到地面上的时间为
t
=0.4s
则落地点到
A
点的距离
x
′=
vt
=2×0.4m=0.8m，所以 D正确。
9.【答案】BC
【解析】AB 项，小球在竖直方向上做竖直上抛运动，根据对称性得知，从
A
点至
M
点和
从
M
点至
B
点的时间
t
相等，小球在水平方向上做初速度为零的匀加速直线运动，设加
速度为
a
，根据位移时间公式
2
1
1
2
x at
2
2
1
·2
x at t at 
联立可得
1
2
1
3
x
x
A错误，B正确
C项，小球从
A
到
M
，由功能关系知在水平方向上恒力做功为
则从
A
到
B
水平方向上恒力做功为
根据能量守恒可知，小球运动到
B
点时的动能为
故C正确；
D． 据运动轨迹，小球的运动方向与加速度的方向垂直时，小球的速度最小，则小球
从
A
到
B
过程最小速度一定与等效
G
′垂直，在 AM 之间，最小动能小于 8J，所以 D错误。
10.【答案】BC
【解析】AD 项，力F作用在 B物块上，AB 之间最大静摩擦力为 4N，地面对木板的最大
静摩擦力为 12N，所以 A木板始终静止，AD 错误。
BC 项，由 F=4t,1s 时，F=4N，达到 A对B的最大静摩擦力，A始终静止，所以木块将运
动，B正确。3s 时，F=12N，合力为 8N，由牛顿第二定律得 a为4m/s2，所 C正确。
11.【答案】BD
【解析】 A项，弹簧处于自然长度时物块处于
O
点，所以在
O
点，弹簧弹力为零，物体
从
A
向
B
运动过程，受重力、支持力、弹簧的拉力和滑动摩擦力，当平衡时速度最大，
由于不知道摩擦力与重力沿斜面向下的分力大小，所以无法判断
B
点在
O
点的上方还
是下方，故 A错误；
B项，物体从
A
向
B
运动过程，受重力、支持力、弹簧的拉力和滑动摩擦力，当平衡时速
度最大，此时摩擦力平行斜面向上；若
mg
sin
θ
＜
f
，所以当弹力和重力沿斜面的分量
等于摩擦力时，速度最大，此时弹簧处于伸长状态，所以速度最大时，物块的位置在
O
点上方；若
mg
sin
θ
＞
f
，所以当重力沿斜面的分量等于摩擦力和弹簧弹力时，速度最
大 ， 此时 弹 簧 处 于 压 缩状 态 ， 所 以 速 度 最 大 时 ， 物 块 的 位 置 在
O
点 下 方 ， 若
mg
sin
θ
=
f
，当弹力为零时，速度最大，此时弹簧处于原长，所以速度最大时，物块的
位置在
O
点，故 B正确；
C项，从
A
到
B
的过程中，滑动摩擦力一直做负功，故物块和弹簧组成的系统机械能减
小，故 C错误；
D项，从
A
到
B
的过程中，根据能量守恒定律，物块减小的机械能等于弹性势能的减小
量和克服摩擦力做的功之和，若弹簧的弹性势能增加时，则物块减小的机械能大于它
克服摩擦力做的功，故 D正确。
12.【答案】AD
【解析】AB 项．当
2
时，物体做竖直上抛运动，不受摩擦力作用，根据
2
0
2v gh
可得
0
3m/sv
当
0
时，物体沿水平面做减速运动，根据动能定理
2
0
1
2mv mgx
代入数据解得
=0.75
B错误；正切30 度小于 0.75，所以物体上升到最
大位移处，将不再下滑，A正确。
C，动能与重力势能相等的位置
o 2 o o
0
1
sin 37 ( sin 37 cos37 )
2
mgx mv mgx mgx
 
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